DAY60 84.柱状图中最大的矩形

84.柱状图中最大的矩形

题目要求：给定 n 个非负整数，用来表示柱状图中各个柱子的高度。每个柱子彼此相邻，且宽度为 1 。

求在该柱状图中，能够勾勒出来的矩形的最大面积。

思路

单调栈

本地单调栈的解法和接雨水的题目是遥相呼应的。

为什么这么说呢，42. 接雨水 (opens new window)是找每个柱子左右两边第一个大于该柱子高度的柱子，而本题是找每个柱子左右两边第一个小于该柱子的柱子。

这里就涉及到了单调栈很重要的性质，就是单调栈里的顺序，是从小到大还是从大到小。

在题解42. 接雨水 (opens new window)中我讲解了接雨水的单调栈从栈头（元素从栈头弹出）到栈底的顺序应该是从小到大的顺序。

那么因为本题是要找每个柱子左右两边第一个小于该柱子的柱子，所以从栈头（元素从栈头弹出）到栈底的顺序应该是从大到小的顺序！

我来举一个例子，如图：

只有栈里从大到小的顺序，才能保证栈顶元素找到左右两边第一个小于栈顶元素的柱子。

所以本题单调栈的顺序正好与接雨水反过来。

此时大家应该可以发现其实就是栈顶和栈顶的下一个元素以及要入栈的三个元素组成了我们要求最大面积的高度和宽度

理解这一点，对单调栈就掌握的比较到位了。

除了栈内元素顺序和接雨水不同，剩下的逻辑就都差不多了，在题解42. 接雨水 (opens new window)我已经对单调栈的各个方面做了详细讲解，这里就不赘述了。

主要就是分析清楚如下三种情况：

情况一：当前遍历的元素heights[i]大于栈顶元素heights[st.top()]的情况
情况二：当前遍历的元素heights[i]等于栈顶元素heights[st.top()]的情况
情况三：当前遍历的元素heights[i]小于栈顶元素heights[st.top()]的情况

每一次入栈新元素时，我是一直向左边比较比我小的柱子，计算面积并且更新result的。这个思路好神奇我还是没有太想明白中间在while中一直在pop是怎么继续比较的。我个人认为一直在计算的是以每一个i为结尾（right）能够组成的最大矩形长度，这样理解就对了。因为如果当前的i对应的值是2，之前有5，6。即便2之后在出现6，由于2存在的原因也无法组成以5、6为高度的矩形了，所以2能够pop掉2之前所有比2大的st.top()。

class Solution {
public:int largestRectangleArea(vector<int>& heights) {int result = 0;stack<int> st;heights.insert(heights.begin(), 0);heights.push_back(0);st.push(0);for (int i = 1; i < heights.size(); ++i) {if (heights[i] > heights[st.top()]) {st.push(i);} else if (heights[i] == heights[st.top()]) {st.pop();st.push(i);} else if (heights[i] < heights[st.top()]) {while (!st.empty() && heights[i] < heights[st.top()]) {int mid = st.top();st.pop();if (!st.empty()) {int left = st.top();int right = i;int w = right - left - 1;int h = heights[mid];result = max(result, w * h);cout << mid << ' ' << left << ' ' << right << ' ' << w << ' ' << h << ' ' << result << endl;}}st.push(i);}}return result;}
};

细心的录友会发现，我在 height数组上后，都加了一个元素0，为什么这么做呢？

首先来说末尾为什么要加元素0？

如果数组本身就是升序的，例如[2,4,6,8]，那么入栈之后都是单调递减，一直都没有走情况三计算结果的哪一步，所以最后输出的就是0了。如图：