本篇文章为 LeetCode 哈希模块的刷题笔记，仅供参考。

哈希表是一种使用哈希函数组织数据，以支持快速插入和搜索的数据结构。哈希表通过哈希函数通过将任意类型的数据映射到固定大小的数据，以实现快速查找和存储数据。C++ 中的无序容器 unordered_map、unordered_set、unordered_multimap、unordered_multiset 都使用了哈希表作为底层结构，可以在 O(1) 的时间复杂度内完成插入、删除和查找操作。

其实哈希表可以由数组枚举所有值来代替其功能，但有时会因取值数量太过庞大而导致不必要的时间和空间的浪费，如【Leetcode554.砖墙】。当键为定长数据类型且数量有限时，也可以直接使用数组存储键值，可以省去哈希的过程，如【Leetcode438.找到字符串中所有字母异位词】。

一. 基础哈希

Leetcode1.两数之和

Leetcode1.两数之和
给定一个整数数组 nums 和一个整数目标值 target，请你在该数组中找出 和为目标值 target 的那 两个 整数，并返回它们的数组下标。
你可以假设每种输入只会对应一个答案。但是，数组中同一个元素在答案里不能重复出现。
你可以按任意顺序返回答案。
示例 1：
输入：nums = [2,7,11,15], target = 9
输出：[0,1]
解释：因为 nums[0] + nums[1] == 9 ，返回 [0, 1] 。
示例 2：
输入：nums = [3,2,4], target = 6
输出：[1,2]
示例 3：
输入：nums = [3,3], target = 6
输出：[0,1]
提示：
2 <= nums.length <= 10⁴
-10⁹ <= nums[i] <= 10⁹
-10⁹ <= target <= 10⁹
只会存在一个有效答案

经典的哈希使用场景，使用 unordered_map 存储元素出现的下标即可。需要注意 map 的 int 型默认值是 0，因此 哈希表存储下标时需要从 1 计数：

class Solution {
public:vector<int> twoSum(vector<int>& nums, int target) {unordered_map<int,int> mp;for(int i=0;i<nums.size();i++){if(mp[target-nums[i]]>0)    return {mp[target-nums[i]]-1,i};mp[nums[i]]=i+1;}return {-1,-1};}
};

Leetcode290.单词规律

Leetcode290.单词规律
给定一种规律 pattern 和一个字符串 s ，判断 s 是否遵循相同的规律。
这里的 遵循 指完全匹配，例如， pattern 里的每个字母和字符串 s 中的每个非空单词之间存在着双向连接的对应规律。
示例1:
输入: pattern = “abba”, s = “dog cat cat dog”
输出: true
示例 2:
输入:pattern = “abba”, s = “dog cat cat fish”
输出: false
示例 3:
输入: pattern = “aaaa”, s = “dog cat cat dog”
输出: false
提示:
1 <= pattern.length <= 300
pattern 只包含小写英文字母
1 <= s.length <= 3000
s 只包含小写英文字母和 ’ ’
s 不包含 任何前导或尾随对空格
s 中每个单词都被 单个空格 分隔

像本题这种一一对应的问题，直接使用两个哈希表存储字符和字符串之间的映射。字符串的哈希表中检索元素没有 0 作比较，用 迭代器 + find 函数遍历哈希表 即可：

class Solution {
public:bool wordPattern(string pattern, string s) {// s分割字符串vector<string> v;int ptr=0;for(int i=0;i<s.size();i++){if(s[i]==' '){v.push_back(s.substr(ptr,i-ptr));ptr=i+1;}}v.push_back(s.substr(ptr));// 寻找单词规律if(pattern.size()!=v.size())    return false;// char->stringunordered_map<char,string> mp1;for(int i=0;i<v.size();i++){unordered_map<char,string>::iterator it1=mp1.find(pattern[i]);if(it1!=mp1.end() && mp1[pattern[i]]!=v[i])    return false;mp1[pattern[i]]=v[i];}// string->charunordered_map<string,char> mp2;for(int i=0;i<v.size();i++){unordered_map<string,char>::iterator it2=mp2.find(v[i]);if(it2!=mp2.end() && mp2[v[i]]!=pattern[i])    return false;mp2[v[i]]=pattern[i];}return true;}
};

Leetcode594.最长和谐子序列

Leetcode594.最长和谐子序列
和谐数组是指一个数组里元素的最大值和最小值之间的差别 正好是 1 。
现在，给你一个整数数组 nums ，请你在所有可能的子序列中找到最长的和谐子序列的长度。
数组的子序列是一个由数组派生出来的序列，它可以通过删除一些元素或不删除元素、且不改变其余元素的顺序而得到。
示例 1：
输入：nums = [1,3,2,2,5,2,3,7]
输出：5
解释：最长的和谐子序列是 [3,2,2,2,3]
示例 2：
输入：nums = [1,2,3,4]
输出：2
示例 3：
输入：nums = [1,1,1,1]
输出：0
提示：
1 <= nums.length <= 2 * 10⁴
-10⁹ <= nums[i] <= 10⁹

哈希表有一个必须注意的地方：第一题中，直接使用了 [] 操作符索引哈希表可以快速返回键的值，但该操作会带来一个后果（参考 Default value of static std::unordered_map）：当键不存在时，[] 操作会在哈希表中插入该键值对，值为默认值！ 比如本题如果写成 [] 访问：

class Solution {
public:int findLHS(vector<int>& nums) {unordered_map<int,int> mp;for(int i=0;i<nums.size();i++)  mp[nums[i]]++;unordered_map<int,int>::iterator it;int ans=0;for(it=mp.begin();it!=mp.end();it++){if(mp[it->first+1]>0)	ans=max(ans,it->second+mp[it->first+1]);}return ans;}
};

[] 操作会在迭代器遍历哈希表的过程中，对哈希表进行插入操作，这在迭代器遍历中属于大忌！ 虽然 mp[it->first+1] 键不存在时，插入的值是 0，但当迭代器访问到 first+1 时，mp[it->first+2] 的键有可能会存在，从而导致 ans 值的错误更新。因此 尽量使用 find 函数判断键是否存在：

class Solution {
public:int findLHS(vector<int>& nums) {unordered_map<int,int> mp;for(int i=0;i<nums.size();i++)  mp[nums[i]]++;unordered_map<int,int>::iterator it;int ans=0;for(it=mp.begin();it!=mp.end();it++){if(mp.find(it->first+1)!=mp.end())  ans=max(ans,it->second+mp[it->first+1]);}return ans;}
};

二. 哈希常见处理

Leetcode17.电话号码的字母组合

Leetcode17.电话号码的字母组合
给定一个仅包含数字 2-9 的字符串，返回所有它能表示的字母组合。答案可以按 任意顺序 返回。
给出数字到字母的映射如下（与电话按键相同）。注意 1 不对应任何字母。

示例 1：
输入：digits = “23”
输出：[“ad”,“ae”,“af”,“bd”,“be”,“bf”,“cd”,“ce”,“cf”]
示例 2：
输入：digits = “”
输出：[]
示例 3：
输入：digits = “2”
输出：[“a”,“b”,“c”]
提示：
0 <= digits.length <= 4
digits[i] 是范围 [‘2’, ‘9’] 的一个数字。

原本想用 unordered_multimap 存储数字到字符的映射，但为了方便起见，简化为 unordered_map 存储，每个键值对的值表示多个可能对应的字符，即使用字符串 表示数字的映射。

整个枚举过程相当于一颗多叉树，每一层对应 digits 字符串的一位。在遍历 digits 的每一位时，将前一层的 ans 的所有元素末尾加上当前层可能对应的字符即可，使用辅助数组 tmp 进行缓存，每次只需将 ans 中元素全部放入 tmp 后清空，然后遍历 tmp 的每个元素增加一个字符后再放入 ans 即可：

class Solution {
public:vector<string> letterCombinations(string digits) {if(digits.size()==0)    return {};unordered_map<char, string> mp{{'2', "abc"},{'3', "def"},{'4', "ghi"},{'5', "jkl"},{'6', "mno"},{'7', "pqrs"},{'8', "tuv"},{'9', "wxyz"}};vector<string> ans(1,"");for(int i=0;i<digits.size();i++){vector<string> tmp(ans.begin(),ans.end());ans.clear();string s=mp[digits[i]];for(int j=0;j<s.size();j++){char c=s[j];for(int k=0;k<tmp.size();k++){ans.push_back(tmp[k]+string(1,c));}}}return ans;}
};

Leetcode49.字母异位词分组

Leetcode49.字母异位词分组
给你一个字符串数组，请你将 字母异位词 组合在一起。可以按任意顺序返回结果列表。
字母异位词 是由重新排列源单词的所有字母得到的一个新单词。
示例 1:
输入: strs = [“eat”, “tea”, “tan”, “ate”, “nat”, “bat”]
输出: [[“bat”],[“nat”,“tan”],[“ate”,“eat”,“tea”]]
示例 2:
输入: strs = [“”]
输出: [[“”]]
示例 3:
输入: strs = [“a”]
输出: [[“a”]]
提示：
1 <= strs.length <= 10⁴
0 <= strs[i].length <= 100
strs[i] 仅包含小写字母

为了统一字母异位词的映射，在哈希表映射前将 每个字符串排序，键映射后相同的放在一个数组里：

class Solution {
public:vector<vector<string>> groupAnagrams(vector<string>& strs) {unordered_map<string,int> mp;   // 递增字符串->ans下标vector<vector<string>> ans;for(int i=0;i<strs.size();i++){string tmp=strs[i];sort(tmp.begin(),tmp.end());if(mp[tmp]==0){mp[tmp]=ans.size()+1;vector<string> v(1,strs[i]);ans.push_back(v);}else{ans[mp[tmp]-1].push_back(strs[i]);}}return ans;}
};

Leetcode438.找到字符串中所有字母异位词

Leetcode438.找到字符串中所有字母异位词
给定两个字符串 s 和 p，找到 s 中所有 p 的 异位词 的子串，返回这些子串的起始索引。不考虑答案输出的顺序。
异位词 指由相同字母重排列形成的字符串（包括相同的字符串）。
示例 1:
输入: s = “cbaebabacd”, p = “abc”
输出: [0,6]
解释:
起始索引等于 0 的子串是 “cba”, 它是 “abc” 的异位词。
起始索引等于 6 的子串是 “bac”, 它是 “abc” 的异位词。
示例 2:
输入: s = “abab”, p = “ab”
输出: [0,1,2]
解释:
起始索引等于 0 的子串是 “ab”, 它是 “ab” 的异位词。
起始索引等于 1 的子串是 “ba”, 它是 “ab” 的异位词。
起始索引等于 2 的子串是 “ab”, 它是 “ab” 的异位词。
提示:
1 <= s.length, p.length <= 3 * 10⁴
s 和 p 仅包含小写字母

法一：可以用【Leetcode49.字母异位词分组】中的思路，对 s[left…right] 进行排序，然后和 p 比较即可。但字符串的比较过程也较为耗时，因此不予采纳。

法二：用长度为 p.length() 的滑动窗口截取 s 中与 p 等长的字符串，使用哈希表统计该字符串中各字母出现频次，与 s 中各字母出现频次比较即可。因为字母数量有限，因此比较 s[left…right] 和 p 中的字母频次并不费时。

需要注意的是，不能直接使用等号比较哈希表是否相等，因为对于某个字母先加后减的情况，哈希表中会将其数量记为 0，但这与没出现过该元素的哈希表比较时不会认为是相同的：

class Solution {
public:vector<int> findAnagrams(string s, string p) {int m=s.length();int n=p.length();if(m<n) return {};// p的字符分布unordered_map<char,int> mp_p;for(int i=0;i<n;i++){mp_p[p[i]]++;}// s[left...right]的字符分布int left=0,right=n-1;unordered_map<char,int> mp_s;for(int i=0;i<n;i++){mp_s[s[i]]++;}// 滑动窗口搜索svector<int> ans;while(right<m){// 比较 mp_p和 mp_s时不能直接划等号// if(mp_p==mp_s)    ans.push_back(left);bool flag=true;for(auto it=mp_s.begin();it!=mp_s.end();it++){if(it->second!=mp_p[it->first]) flag=false;}if(flag)    ans.push_back(left);mp_s[s[left]]--;left++;right++;mp_s[s[right]]++;}return ans;}
};

法三：当 键的数量有限且可以顺序搜索 时，直接使用数组存储键值对，可以省去哈希的过程。本体中涉及的键只有 26 个字母，因此比较计算过程会很高效：

class Solution {
public:vector<int> findAnagrams(string s, string p) {int m=s.length();int n=p.length();if(m<n) return {};    // p的字符分布vector<int> v_p(26);for(int i=0;i<n;i++)    v_p[p[i]-'a']++;// s[left...right]的字符分布int left=0,right=n-1;vector<int> v_s(26);for(int i=0;i<n;i++)    v_s[s[i]-'a']++;// 滑动窗口搜索svector<int> ans;while(right<m){if(v_s==v_p)  ans.push_back(left);v_s[s[left]-'a']--;left++;right++;if(right<m) v_s[s[right]-'a']++;}return ans;}
};

Leetcode454.四数相加 II

Leetcode454.四数相加 II
给你四个整数数组 nums1、nums2、nums3 和 nums4 ，数组长度都是 n ，请你计算有多少个元组 (i, j, k, l) 能满足：
0 <= i, j, k, l < n
nums1[i] + nums2[j] + nums3[k] + nums4[l] == 0
示例 1：
输入：nums1 = [1,2], nums2 = [-2,-1], nums3 = [-1,2], nums4 = [0,2]
输出：2
解释：
两个元组如下：

1. (0, 0, 0, 1) -> nums1[0] + nums2[0] + nums3[0] + nums4[1] = 1 + (-2) + (-1) + 2 = 0
2. (1, 1, 0, 0) -> nums1[1] + nums2[1] + nums3[0] + nums4[0] = 2 + (-1) + (-1) + 0 = 0

示例 2：
输入：nums1 = [0], nums2 = [0], nums3 = [0], nums4 = [0]
输出：1
提示：
n = nums1.length
n = nums2.length
n = nums3.length
n = nums4.length
1 <= n <= 200
-2²⁸ <= nums1[i], nums2[i], nums3[i], nums4[i] <= 2²⁸

直接暴力搜索的时间复杂度为 O(n⁴)，显然不能够满足需要。其实本题就是 $\lceil$两数之和$\rfloor$ 的变式，将四个数拆分成两组，使用两个哈希表 mp1 和 mp2，分别存储 nums1[i]+nums2[j] 和 nums3[i]+nums4[j] 值的数量，然后检索 mp1 和 mp2 中所有键的和为 0 的元素对应的值的乘积：

class Solution {
public:int fourSumCount(vector<int>& nums1, vector<int>& nums2, vector<int>& nums3, vector<int>& nums4) {int n=nums1.size();unordered_map<int,int> mp1;for(int i=0;i<n;i++){for(int j=0;j<n;j++){mp1[nums1[i]+nums2[j]]++;}}unordered_map<int,int> mp2;for(int i=0;i<n;i++){for(int j=0;j<n;j++){mp2[nums3[i]+nums4[j]]++;}}int ans=0;unordered_map<int,int>::iterator it;for(it=mp1.begin();it!=mp1.end();it++){ans+=it->second * mp2[-it->first];}return ans;}
};

Leetcode554.砖墙

Leetcode554.砖墙
你的面前有一堵矩形的、由 n 行砖块组成的砖墙。这些砖块高度相同（也就是一个单位高）但是宽度不同。每一行砖块的宽度之和相等。
你现在要画一条 自顶向下 的、穿过 最少 砖块的垂线。如果你画的线只是从砖块的边缘经过，就不算穿过这块砖。你不能沿着墙的两个垂直边缘之一画线，这样显然是没有穿过一块砖的。
给你一个二维数组 wall ，该数组包含这堵墙的相关信息。其中，wall[i] 是一个代表从左至右每块砖的宽度的数组。你需要找出怎样画才能使这条线 穿过的砖块数量最少 ，并且返回 穿过的砖块数量 。
示例 1：

输入：wall = [[1,2,2,1],[3,1,2],[1,3,2],[2,4],[3,1,2],[1,3,1,1]]
输出：2
示例 2：
输入：wall = [[1],[1],[1]]
输出：3
提示：
n == wall.length
1 <= n <= 10⁴
1 <= wall[i].length <= 10⁴
1 <= sum(wall[i].length) <= 2 * 10⁴
对于每一行 i ，sum(wall[i]) 是相同的
1 <= wall[i][j] <= 2³¹ - 1

法一：由于砖墙是一个矩形，所以对于任意一条垂线，其穿过的砖块数量加上从边缘经过的砖块数量之和是一个定值，即 wall.length。虽然我们不容易直接计算位于某一列的垂线穿过的砖块数量，因为这在砖块的中间，但 wall[i][j] 表示第 i 行位于第 sum(wall[i][0...j]) 列是 砖块的边缘，从这里经过的垂线不会增加垂线穿过的砖块数量。

于是，直接使用 bool 型数组标记每一行的每一列元素是否是砖块的边缘，然后遍历所有列寻找最少穿过的砖块数量即可：

class Solution {
public:int leastBricks(vector<vector<int>>& wall) {// 初始化int m=wall.size();int n=0;for(int i=0;i<wall[0].size();i++)   n+=wall[0][i];vector<vector<bool>> matrix;	// matrix[i][j]是否是砖块的边缘vector<bool> tmp(n);matrix.resize(m,tmp);vector<int> v(n);				// v[i]处是砖块的边缘的数量// 计算matrixfor(int i=0;i<m;i++){int cnt=-1;for(int j=0;j<wall[i].size();j++){cnt+=wall[i][j];matrix[i][cnt]=1;}for(int k=0;k<n;k++)    v[k]+=matrix[i][k];}// 计算最少穿过的砖块数量int ans=m;for(int i=0;i<n;i++){if(m-v[i]!=0)   ans=min(ans,m-v[i]);}    return ans;}
};

然而，直接使用数组进行存储不仅会大大消耗存储空间，还会增加相当的时间消耗：O(n * sum(wall[i].length))。因此，需要 使用哈希表替代数组 以提高运算速度。

法二：哈希表不需要存储 sum(wall[i].length) 个元素，只用记录 砖块的边缘 的数量即可：

class Solution {
public:int leastBricks(vector<vector<int>>& wall) {// 初始化int m=wall.size();unordered_map<int,int> mp;// 计算mpfor(int i=0;i<m;i++){int cnt=-1;for(int j=0;j<wall[i].size()-1;j++){    // 只需要遍历到wall[i].size()-2，因为最后一列一定都是砖块的边缘cnt+=wall[i][j];mp[cnt]++;}}// 计算最少穿过的砖块数量int ans=m;		// 最多是mfor(auto it=mp.begin();it!=mp.end();it++){ans=min(ans,m-it->second);}return ans;}
};

三. 哈希与其他模块结合

哈希表常与双指针、滑动窗口、前缀和等相结合。

Leetcode3.无重复字符的最长子串

Leetcode3.无重复字符的最长子串
给定一个字符串 s ，请你找出其中不含有重复字符的 最长子串 的长度。
示例 1:
输入: s = “abcabcbb”
输出: 3
解释: 因为无重复字符的最长子串是 “abc”，所以其长度为 3。
示例 2:
输入: s = “bbbbb”
输出: 1
解释: 因为无重复字符的最长子串是 “b”，所以其长度为 1。
示例 3:
输入: s = “pwwkew”
输出: 3
解释: 因为无重复字符的最长子串是 “wke”，所以其长度为 3。
请注意，你的答案必须是 子串 的长度，“pwke” 是一个子序列，不是子串。
提示：
0 <= s.length <= 5*10⁴
s 由英文字母、数字、符号和空格组成

使用双指针 left 和 right 构造滑动窗口，初值赋为 0。right 指针遍历字符串，每次后移一格，检查 [left, right] 区间的字符串是否含有重复字符，如果有重复字符则 left 右移一格。整个过程 使用哈希表记录当前 s[left, right] 区间内的字符情况：

class Solution {
public:int lengthOfLongestSubstring(string s) {unordered_map<char,int> mp;int left=0,right=0;int n=s.size();int ans=0;while(right<n){while(mp[s[right]]>0){mp[s[left]]--;left++;}ans=max(ans,right-left+1);mp[s[right]]++;right++;}return ans;}
};

Leetcode560.和为 K 的子数组

Leetcode560.和为 K 的子数组
给你一个整数数组 nums 和一个整数 k ，请你统计并返回 该数组中和为 k 的连续子数组的个数 。
示例 1：
输入：nums = [1,1,1], k = 2
输出：2
示例 2：
输入：nums = [1,2,3], k = 3
输出：2
提示：
1 <= nums.length <= 2 * 10⁴
-1000 <= nums[i] <= 1000
-10⁷ <= k <= 10⁷

连续子数组问题，要么是双指针，要么是前缀和。本题因为元素存在负值，双指针搜索无法确定窗口位置，故而采用前缀和。

在计算了 nums 的前缀和 sums 后，遍历 sums 数组：若 sums[j] - sums[i] == k 且 j>i，则说明 nums[i+1...j] = k。原本使用哈希表存储 sums[i] -> i，但是 同一个前缀和可能对应多个 i，后来发现存储 i 并无用处，直接存储 sums[i] 的个数即可：

class Solution {
public:int subarraySum(vector<int>& nums, int k) {int n=nums.size();vector<int> sums(n+1);       // 从1计数for(int i=0;i<n;i++){sums[i+1]=sums[i]+nums[i];}int ans=0;unordered_map<int,int> mp;  // sums[i]->cntmp[0]=1;                    // sums[0]出现了1次for(int i=1;i<=n;i++){if(mp[sums[i]-k]>0){ans+=mp[sums[i]-k]; // 不一定只出现了1次}mp[sums[i]]++;}return ans;}
};

Leetcode763.划分字母区间

Leetcode763.划分字母区间
给你一个字符串 s 。我们要把这个字符串划分为尽可能多的片段，同一字母最多出现在一个片段中。
注意，划分结果需要满足：将所有划分结果按顺序连接，得到的字符串仍然是 s 。
返回一个表示每个字符串片段的长度的列表。
示例 1：
输入：s = “ababcbacadefegdehijhklij”
输出：[9,7,8]
解释：
划分结果为 “ababcbaca”、“defegde”、“hijhklij” 。
每个字母最多出现在一个片段中。
像 “ababcbacadefegde”, “hijhklij” 这样的划分是错误的，因为划分的片段数较少。
示例 2：
输入：s = “eccbbbbdec”
输出：[10]
提示：
1 <= s.length <= 500
s 仅由小写英文字母组成

本题的精髓是使用哈希表存储字母在字符串中最后出现的位置，然后使用双指针遍历字符串 s：如果当前字符是最后一次出现，即可更新 left 指针：

class Solution {
public:vector<int> partitionLabels(string s) {int n=s.size();unordered_map<int,int> mp;for(int i=0;i<n;i++)    mp[s[i]]=i;int left=0,right=0;int maxend=0;vector<int> ans;while(right<n){maxend=max(maxend,mp[s[right]]);if(maxend==right){ans.push_back(right-left+1);left=right+1;}right++;}return ans;}
};