给定一个集合，枚举所有可能的子集。

（为简单起见，本文讨论的集合中没有重复元素）

1、方法一：增量构造法

第一种思路是一次选出一个元素放到集合中，程序如下：

void print_subset(int n, int *A, int cur) {for (int i = 0; i < cur; i++) printf("%d ", A[i]);printf("\n");int s = cur ? A[cur - 1] + 1 : 0; //确定当前元素的最小可能值for (int i = s; i < n; i++) {A[cur] = i;print_subset(n, A, cur + 1); //递归构造子集}
}

由于 A 中的元素个数不确定，每次递归调用都要输出当前集合。另外，递归边界也不需要显式确定——如果无法继续添加元素，自然就不会再递归了。

该代码用到了定序的技巧：规定集合 A 中所有元素的编号从小到大排列，就不会把集合 {1, 2} 按照 {1, 2} 和 {2, 1} 输出两次了。

提示：在枚举子集的增量法中，需要使用定序的技巧，避免同一个集合枚举两次。

这棵解答树上有 1024 个节点：每个可能的 A 都对应一个结点，而 $n$ 元素集合恰好有 $2^n$ 个子集，2¹⁰ = 1024。

代码

// {0~n-1}的所有子集：增量构造法
#include<cstdio>
using namespace std;void print_subset(int n, int* A, int cur) {for(int i = 0; i < cur; i++) printf("%d ", A[i]); // 打印当前集合    printf("\n");int s = cur ? A[cur-1]+1 : 0; // 确定当前元素的最小可能值for(int i = s; i < n; i++) {A[cur] = i;print_subset(n, A, cur+1); // 递归构造子集}
}int A[10];
int main() {int n;scanf("%d", &n);print_subset(n, A, 0);return 0;
}

2、方法二：位向量法

第二种思路是构造一个位向量 B[i]，而不是直接构造子集 A 本身，其中 B[i] = 1，当且仅当 i 在子集 A 中。递归实现如下：

void print_subset(int n, int *B, int cur) {if (cur == n) {for (int i = 0; i < cur; i++) {if (B[i]) printf("%d ", i); //打印当前集合}printf("\n");return ;}B[cur] = 1; //选第cur个元素print_subset(n, B, cur + 1);B[cur] = 0; //不选第cur个元素print_subset(n, B, cur + 1);
}

必须当 “所有元素是否选择” 全部确定完毕后才是一个完整的子集，因此当 if (cur == n) 成立时才输出。

现在的解答树上有 2047 个结点，比刚才的方法略多，因为所有部分解（不完整解）也对应着解答树上的结点。

提示：在枚举子集的位向量法中，解答树的节点数略多，但在多数情况下仍然够快。

这是一棵 $n+1$ 层的二叉树（cur 的范围0 ~ n），第0层有1个结点，第1层有2个结点，第2层有4个结点，第3层有8个结点，…，第 $i$ 层有 $2^i$ 个结点，总数为 $1+2+4+8+...+2^n=2^{n+1}-1$，和实验结果一致。

下图为这棵解答树。

代码

// {0~n-1}的所有子集：位向量法
#include<cstdio>
using namespace std;void print_subset(int n, int* B, int cur) {if(cur == n) {for(int i = 0; i < cur; i++)if(B[i]) printf("%d ", i); // 打印当前集合printf("\n");return;}B[cur] = 1; // 选第cur个元素print_subset(n, B, cur+1);B[cur] = 0; // 不选第cur个元素print_subset(n, B, cur+1);
}int B[10];
int main() {int n;scanf("%d", &n);print_subset(5, B, 0);return 0;
}

3、方法三：二进制法

还可以用二进制来表示 {0，1， 2，…，n - 1} 的子集 S：从右往左第 $i$ 位（各位从0开始编号）表示元素 $i$ 是否在集合 S 中。下图展示了二进制 0100011000110111是如何表示集合{0,1,2,4,5,9,10,14} 的。

注意：为了处理方便，最右边的位总是对应元素0，而不是元素1。

提示：可以用二进制表示子集，其中从右往左第 $i$ 位（从0开始编号）表示元素 $i$ 是否在集合中（1表示“在”，0表示“不在”）。

表示出集合后，还要对集合进行操作。常见的集合运算都可以用位运算符简单实现。最常见的二元运算符是与（&）、或（|）、非（!)，它们和对应的逻辑运算非常相似，如下表所示。

“异或（XOR）”运算符“^"，其规则是 “如果 A 和 B 不相同，在 A ^ B = 1，否则为0”。异或运算最重要的性质就是“开关性”——异或两次以后相当于没有异或，即 A^B^B = A。另外，与、或和异或都满足交换律：A&B = B&A，A|B = B|A，A^B = B^A。

与逻辑运算符不同的是，位运算符（bitwise operator）是逐位进行的——两个 32 位整数的"按位与" 相当于 32 对 0/1 值之间的运算。下表比欧式了二进制数10110（十进制22）和01100（十进制12）之间的按位与、按位或、按位异或的值，以及对应的集合运算的含义。

可见，A&B、A|B 和 A^B 分别对应集合的交、并和对称差。另外，空集为0，全集{0, 1, 2, …，$n-1$} 的二进制为 $n$ 个 1，即十进制 $2^n-1$。为了方便，往往在程序中把全集定义为 ALL_BITS = (1 << n) - 1，则 A 的补集就是ALL_BITS^A。 当然，直接用整数减法ALL_BITS - A 也可以，但速度比位运算 “^” 慢。

提示：当用二进制表示子集时，位运算中的按位与、或、异或对应集合的交、并和对称差。

如此，就可以用下面的程序输出子集 S 对应的各个元素：

void  print_subset(int n, int s) { //打印 {0, 1, 2, ..., n-1} 的子集Sfor (int i = 0; i < n; i++) {if (s & (1 << i)) printf("%d ", i); //利用了C语言“非0值都为真”的规定}printf("\n");
}

而枚举子集和枚举整数一样简单：

for (int i = 0; i < (1 << n); i++) { //枚举各子集所对应的编码0， 1， 2， ..., 2^n - 1print_subset(n, i);
}

代码

// {0~n-1}的所有子集：二进制法
#include<cstdio>
using namespace std;void print_subset(int n, int s) {  // 打印{0, 1, 2, ..., n-1}的子集Sfor(int i = 0; i < n; i++)if(s&(1<<i)) printf("%d ", i); // 这里利用了C语言“非0值都为真”的规定printf("\n");
}int main() {int n;scanf("%d", &n);for(int i = 0; i < (1<<n); i++)  // 枚举各子集所对应的编码 0, 1, 2, ..., 2^n-1print_subset(n, i);return 0;
}