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A . Rudolf and the Ticket
直接暴力即可 ;
#include<bits/stdc++.h>
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define endl '\n'
#define lowbit(x) (x&(-x))
#define sz(a) (int)a.size()
#define pb push_back
#define all(a) a.begin(), a.end()
#define int long long
typedef long long LL;
const int mod = 1e9+7;
const int N = 2000;using namespace std;int a[N] ,b[N] ;inline void solve(){int n , m , k ; cin >> n >> m >> k ;for(int i=1;i<=n;i++) cin >> a[i] ;for(int i=1;i<=m;i++) cin >> b[i] ;int ans = 0 ;for(int i=1;i<=n;i++){for(int j=1;j<=m;j++){if(a[i] + b[j] <= k){ans ++ ;}}}cout << ans << endl ;
}signed main()
{IOSint _ = 1;cin >> _;while(_ --) solve();return 0;
}B. Rudolf and 121
用贪心的思路 ， 这个肯定是要从前往后来遍历的 ；
从左到右遍历一遍，最后看数组是不是全为0即可 ；
#include<bits/stdc++.h>
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define endl '\n'
#define lowbit(x) (x&(-x))
#define sz(a) (int)a.size()
#define pb push_back
#define all(a) a.begin(), a.end()
#define int long long
typedef long long LL;
const int mod = 1e9 + 7;
const int N = 2e5 + 10;using namespace std;
int a[N] ;inline void solve() {int n ; cin >> n ;for(int i=1;i<=n;i++) {cin >> a[i] ;}bool tag = true ;for(int i=2;i<=n-1;i++){int x = a[i-1] ;a[i-1] -= x ;a[i] -= 2 * x ;a[i+1] -= x ;if(a[i]<0 || a[i+1]<0){tag = false ;break ;} }for(int i=1;i<=n;i++){if(a[i]!=0){tag = false ;break ;}}if(tag) cout << "YES" << endl ;else cout << "NO" << endl ;
}signed main()
{IOSint _ = 1;cin >> _;while (_--) solve();return 0;
}C. Rudolf and the Ugly String
因为"map" 和 pie其实是互不相关的， 那么我们可以找到一个map就删掉a,找到一个pie的话，就删掉一个i,这样从前往后遍历即可 ,就是最优答案 ;
#include<bits/stdc++.h>
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define endl '\n'
typedef long long LL;
const int mod = 1e9+7;
const int N = 2e5+10;using namespace std;string a = "pie" , b = "map" ;inline void solve(){int n ; cin >> n ;string s ; cin >> s ;s = ' ' + s ;vector<int> idx ;bool tag = true ;for(int i=1;i<=n-2;i++){if(s.substr(i,3) == a || s.substr(i,3) == b){idx.push_back(i) ;i += 2 ;}} if(idx.size() == 0){cout << 0 << endl ;return ;}else{cout << (int)(idx.size()) << endl ;}}signed main()
{IOSint _ = 1;cin >> _;while(_ --) solve();return 0;
}D. Rudolf and the Ball Game
其实这题最重要的条件是 n * m <= 2e5:
那我们可以放心大胆的写二重循环来解决 ;
用一个bool数组dp记录当前的状态,dp[i]为true表示(i+1)人手里有球，为false表示无球,下一次的变化，用 一个bool数组g表示，遍历(0,n)对每一个dp[i] = true 的进行处理，也就是c[i]==0,1,?的三种情况分别处理即可 ；
#include<bits/stdc++.h>
#define IOS ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);
#define endl '\n'
typedef long long LL;
const int mod = 1e9+7;
const int N = 1e3+10;
using namespace std;inline void solve(){int n , m , x ; cin >> n >> m >> x ;vector<int> dp(n) ;x --; // 处理下标 dp[x] = 1;for(int i=0;i<m;i++){int r ; char c ; cin >> r >> c ;vector<int> g(n) ;// 代替dp数组的数组for(int k=0;k<n;k++){if(dp[k]){if(c!='1') g[(k+r)%n] = 1 ;if(c!='0') g[(k-r+n)%n] = 1 ;}} dp = g ;}int ans = count(dp.begin(),dp.end(),1) ;cout << ans << endl ;for(int i=0;i<n;i++){if(dp[i]){cout << i + 1 << " " ;}}cout << endl ;
}signed main()
{IOSint _ = 1;cin >> _;while(_ --) solve();return 0;
}
