40.组合II
给定一个候选人编号的集合 candidates 和一个目标数 target ，找出 candidates 中所有可以使数字和为 target 的组合。
candidates 中的每个数字在每个组合中只能使用 一次 。
注意：解集不能包含重复的组合。
思路:组合题目二，这个题目与组合一的区别在于，本题目中的candidates的每个元素只能使用一次，而且本题中的candidate数组中会有重复的元素。要对此进行去重
首先定义三个成员变量，一维和二维的数组和sum，sum代表累加的和。在回溯函数中如果当前的sum和等于目标值，将结果放到二维数组中并返回。然后继续往下看，通过for循环遍历目标数组(此时在for的循环条件里加入了剪枝的操作，当 当前的和加上当前对应的数组值小于等于目标值，才可以继续进入循环，否则的话就不进入循环，因为不满足条件进入循环也没必要了)，如果i大于0(不能是第一层)，并且当前对应的数组的值不能等于前一个值，如果相等，在遍历这第二个相同的值就没有意义了，因为前一个值所遍历的范围已经包含第二个值了，所以应该将第二个去重掉，(在这道题目中我定义了一个存储布尔类型的动态数组，并且它的大小与candidate的大小相同，来记录已经遍历过的元素，如果元素已经使用过，就设置为TRUE),在if条件中判断如果当前值与前一个相等并且前一个的used数组显示为FALSE。为什么一定是等于FALSE呢，等于TRUE不可以吗?如果等于TRUE的话，我们可能会遗漏一些正确的组合，如下图所示:
而我们实际要剪枝的是:也就是Carl哥说的树层和树枝去重(下图是树层，上图是树枝)
去重的条件大概就是这些，然后呢就是正常的回溯递归，注意还有一点的是我们依然采用了startIndex来更新递归后的搜索初始节点进行去重。
class Solution {
public:
vector<int> path;
vector<vector<int>> res;
int sum;void travelBacking(vector<int>& candidates, int target,int startIndex,vector<bool>& used){if(sum==target){res.push_back(path);return ;}for(int i=startIndex;i<candidates.size()&&sum+candidates[i]<=target;i++){if(i>0&&used[i-1]==false&&candidates[i]==candidates[i-1]){continue;}sum+=candidates[i];path.push_back(candidates[i]);used[i]=true;travelBacking(candidates,target,i+1,used);//每个数字在每个组合中只能使用一次used[i]=false;sum-=candidates[i];path.pop_back();}}
public:vector<vector<int>> combinationSum2(vector<int>& candidates, int target) {int startIndex=0;vector<bool> used(candidates.size(),false);sort(candidates.begin(),candidates.end());travelBacking(candidates,target,startIndex,used);return res;}
};131.分割回文串
给你一个字符串 s，请你将 s 分割成一些子串，使每个子串都是
回文串。
返回 s 所有可能的分割方案。
思路:分割字符串第一眼看似很难，但实际上与前面的组合题目很像的，需要增加的操作就是要定义一个判断回文串的函数，然后正常定义回溯函数，如果传入的startIndex要大于等于字符串长度，startIndex代表切割线，如果切割线等于字符串长度，代表切割到尾部了，将path存入result并返回，这是回溯三部曲的第二步，确认回溯终止条件，第一步是传入参数，第三步是确认单层递归逻辑，首先判断当前子串是否为回文串，如果是回文串进入循环，将其截取出来并存入字符串str中，注意截取时传入的参数是startIndex--字符串的起始位置和长度--i-startIndex+1,因为长度就是下标加1，如果非回文串的话，continue(continue 语句用于跳过当前循环的剩余部分，并立即开始下一次循环迭代)；注意，有人可能不理解为什么开始值和结束值是startIndex和i呢? startIndex是起始位置，而i则是结束位置。
class Solution {
public:
vector<string> path;
vector<vector<string>> result;bool isPartition(string s,int start,int end){//判断是否为回文串for(int i=start,j=end;i<j;i++,j--){if(s[i]!=s[j]){return false;}}return true;}void travelBacking(string s,int startIndex){if(startIndex>=s.size()){result.push_back(path);return;}for(int i=startIndex;i<s.size();i++){if(isPartition(s,startIndex,i)){string str=s.substr(startIndex,i-startIndex+1);path.push_back(str);}else{continue;}travelBacking(s,i+1);path.pop_back();}}vector<vector<string>> partition(string s) {travelBacking(s, 0);return result;}
};78.子集
给你一个整数数组 nums ，数组中的元素 互不相同 。返回该数组所有可能的
子集
（幂集）。解集 不能 包含重复的子集。你可以按 任意顺序 返回解集。
思路:此题相对于上面的题目来说算是简单的了，同样的回溯模版，差别在于在它是取所有的集合，要在回溯函数开始时将path加入到二维数组中，然后正常将该题目抽象成树形结构遍历。如图所示:（选自代码随想录图解）
class Solution {
public:
vector<int> path;
vector<vector<int>> res;void travelBacking(vector<int>& nums,int startIndex){res.push_back(path);if(startIndex>=nums.size()){return;}for(int i=startIndex;i<nums.size();i++){path.push_back(nums[i]);travelBacking(nums,i+1); path.pop_back();}}
public:vector<vector<int>> subsets(vector<int>& nums) {travelBacking(nums,0);return res;}
};90.子集II
给你一个整数数组 nums ，其中可能包含重复元素，请你返回该数组所有可能的
子集
（幂集）。解集 不能 包含重复的子集。返回的解集中，子集可以按 任意顺序 排列。
思路: 和上一道题很像，主要就是和组合二大体思路的去重，树层去重和树枝去重，通过一个used数组来记录是否使用过这个数字，当当前的值与前一个值相等时，并且前一个值为FALSE，代表是树层去重，无需遍历当前的树枝了，因为前面的树枝遍历已经包含了这个的树枝遍历，还需要注意的一点是，因为子集是找出所以的组合并记录，所以要在回溯函数开头将一维数组存到二维数组中。
class Solution {
public:
vector<int> path;
vector<vector<int>> res;void travelBacking(vector<int>& nums,int startIndex,vector<bool>& used){res.push_back(path);if(startIndex>=nums.size()){return;}for(int i=startIndex;i<nums.size();i++){if(i>0&&nums[i]==nums[i-1]&&used[i-1]==false){continue;}path.push_back(nums[i]);used[i]=true;travelBacking(nums,i+1,used);used[i]=false;path.pop_back();}}
public:vector<vector<int>> subsetsWithDup(vector<int>& nums) {vector<bool> used(nums.size(),false);sort(nums.begin(),nums.end());travelBacking(nums,0,used);return res;}
};
