第12届蓝桥杯省赛 ---- C/C++ C组

文章目录

1. ASC
2. 空间
3. 卡片
4. 相乘
5. 路径
6.时间显示
7.最少砝码
8. 杨辉三角形
9. 左孩子右兄弟

第12届蓝桥杯省赛，C/C++ C组真题，第10题不是很清楚，题解不敢乱放😁😁😁

1. ASC

在这里插入图片描述
额。。。。

#include <iostream>
using namespace std;
int main()
{printf("%d\n",'L');return 0;
}

2. 空间

在这里插入图片描述

甲骨文（🤣🤣）：一切的开始好吧。 – 一个字节等于8个比特位
1B = 8bit;
1KB = 1024B
1MB = 1024KB
1GB = 1024MB
1 TB = 1024GB
…
打住吧，够用了。

在这道题中告诉我们256MB，我们知道32位，在C/C++中一个int是正好4个字节，也就是32个bit。
所以直接256 * 1024 * 1024 / 4就是答案。
当然也可以全部换算成bit位来算，256 * 1024 * 1024 * 8 / 32但要注意开long long。

#include <iostream>
using namespace std;int main()
{//1个字节 = 8个bit位//1B = 8个bit。//1KB = 1024B。//1MB = 1024KB//1GB = 1024MB;// int = 4个字节, = 32位printf("%d\n",256 * 1024 * 1024 / 4);//printf("%lld\n",(long long)256 * 1024 * 1024 * 8 / 32);return 0;
}

3. 卡片

在这里插入图片描述
题目要求从给定的0~9 共2021张卡片，然后问我们最多能拼到哪里？
比如例子中1~9各有三张。 1 ~ 10 已经浪费了两个1， 11还需要两个1，所以拼不成，答案就是10.
填空题，不卡时间，也不用在意时间复杂度了，只要你程序没写死循环，你可以永远相信computer的速度，暴力就好了。

#include <iostream>
using namespace std;int h[10];int main()
{for (int i = 0; i <= 9; i++)h[i] = 2021;for (int i = 1; true; i++){int t = i;while (t){int dig = t % 10;if (!h[dig])	//卡片用完了	h[dig] == 0{printf("%d\n", i - 1);	//注意是返回前一个构造好的，不是当前的return 0;}h[dig]--;	//减去这一位的次数。t /= 10;}}return 0;
}

4. 相乘

在这里插入图片描述
直接对题目进行模拟，看到这么大的数，我的建议是不管3721直接转long long

#include <iostream>
using namespace std;typedef long long LL;int main()
{for (int i = 1; i <= 1000000007; i++){if ((LL)i * 2021 % 1000000007 == 999999999){printf("%lld\n", i);break;}}   return 0;
}

5. 路径

在这里插入图片描述
求1 ~ 2021直接的最短路，然后边的话，如果两点之间的绝对值小于21的话就是他俩的最小公倍数，如果大于21的话就没有边。

创图
求最短路

填空题，代码有点搓，海涵。
最小公倍数 = a * b / 最大公约数。
这一道题全是模板。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;const int N = 1e6 + 10, INF = 0x3f3f3f3f;typedef pair<int, int> PII;int h[N], e[N], w[N], ne[N], idx;
int dist[2100];
bool st[2100];int gcd(int a, int b);
int lcm(int a, int b);void Add(int a, int b, int c)
{e[idx] = b, w[idx] = c, ne[idx] = h[a], h[a] = idx++;
}void Dijkstra()
{memset(dist, 0x3f, sizeof dist);dist[1] = 0;priority_queue<PII, vector<PII>, greater<PII> > heap;heap.push({ 0, 1 });while (heap.size()){auto t = heap.top();heap.pop();int v = t.second;if (st[v])  continue;st[v] = true;for (int i = h[v]; i != -1; i = ne[i]){int j = e[i];if (dist[j] > dist[v] + w[i]){dist[j] = dist[v] + w[i];heap.push({ dist[j], j });}}}
}int main()
{//创建图memset(h, -1, sizeof h);for (int i = 1; i <= 2021; i++){for (int j = i + 1; j <= 2021; j++){if (abs(i - j) <= 21){int t = lcm(i, j);Add(i, j, t);}}}//Dijkstra();if (dist[2021] == INF)printf("找不到\n");elseprintf("%d\n", dist[2021]);return 0;
}int gcd(int a, int b)
{return b ? gcd(b, a % b) : a;
}
int lcm(int a, int b)
{return a * b / gcd(a, b);
}

6.时间显示

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题目要求：
给我们一个毫秒数，因为不用管年份和毫秒，所以我们只需要计算出多余的东西就好了。
基础的时间换算知识就能解决这题

1秒 = 1000毫秒
1分钟 = 60秒
1 小时 = 60分钟
1 天 = 24小时。

要注意输出格式，小于10的数前面需要加0。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;typedef long long LL;int main()
{LL sum;scanf("%lld",&sum);sum /= 1000;	//int h = sum % (60*60*24) / (60*60);int t = sum % (60*60) / 60;int s = sum % 60;if (h < 10)printf("0%d:", h);elseprintf("%d:",h);if (t < 10)printf("0%d:", t);elseprintf("%d:",t);if (s < 10)printf("0%d", s);elseprintf("%d",s);return 0;
}

7.最少砝码

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题目要求：
输入一个整数n，要求我们从1~n之内选出最少的数像一个天平那样表示其中的所有数。
思路：
水个题解把，3进制什么鬼，用三进制能表示的数只要 >= 所给定的范围，那么其的幂就是最少数的个数。
不行看看别人的题解，Acwing和蓝桥杯官网都有题解。
传送门~~~~~~~

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;typedef long long LL;int main()
{LL x,sum = 0;int res = 0;scanf("%lld", &x);while (sum < x){sum += pow(3, res++);}printf("%d\n", res);return 0;
}

8. 杨辉三角形

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题目要求：
给我们一个数，然后求其在杨辉三角中的第几位。
思路：
暴力枚举：
杨辉三角都会构造，我们预处理出来前1000行的杨辉三角，最多1000行，多了会爆。
然后一一枚举就好了。可以过40%的测试用例

#include <bits/stdc++.h>using namespace std;const int N = 1e3 + 10;int n = 1000;
int a[N][N];int main()
{a[1][1] = 1;for (int i = 2; i <= n; i ++) for (int j = 1; j <= i; j ++)a[i][j] = a[i - 1][j] + a[i - 1][j - 1];int x;scanf("%d", &x);int cnt = 0;for (int i = 1; i <= n; i ++) for (int j = 1; j <= i; j ++){cnt ++;if (a[i][j] == x) {printf("%d\n",cnt);return 0;}}       return 0;
}

二分 + 找规律
观察下图我们可以发现杨辉三角其实是一个对称的，所以我们只对其进行一半的操作就好了。
我们就可以对其进行二分的操作了，很妙！！！。
这个是视频题解y总真的讲的非常的详细。
在这里插入图片描述

#include <bits/stdc++.h>using namespace std;typedef long long LL;LL n;LL C(int a, int b)
{LL res = 1;for (int i = a, j = 1; j <= b; i--, j++){res = res * i / j;if (res > n)return res;}return res;
}bool check(int k)
{// l 是下限, r 是上限 LL l = 2 * k, r = max(l, n); while (l < r){int mid = l + r >> 1;if (C(mid,k) >= n)r = mid;elsel = mid + 1;}//二分完成之后r == l 是下限 if (C(r,k) != n)	return false;printf("%lld\n", r * (r + 1) / 2 + k + 1);return true;
} int main()
{scanf("%lld", &n);// k 枚举的上限 for (int k = 16; ; k--){if (check(k))break;}return 0;
}

9. 左孩子右兄弟

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题目要求：
给我构造一棵树，然后将其转化为左孩子有兄弟的表示方式方式，使其的深度最大。
左孩子右兄弟，

左孩子，就是将r节点的左孩子变成原本节点的孩子其中任意一个，没有的话就空着。
右兄弟呢，就是r节点的兄弟，如果没有兄弟节点，右孩子也空着。

蓝桥的题目没有图片，可以去Acwing上也有这道题目，并且有图片。
在这里插入图片描述
思路：
我们其实通过这张图就可以发现，只需要将其孩子最多的那个子树放在最后就可以是整棵树拉长了，而右孩子永远是右兄弟。
所以最大深度 = 子节点的数量 + 子节点所能形成的最大深度。
个人感觉有点那个树形dp的感觉。
另外注意题目中说只有一个节点的高度为0，这与我们平时所学的数据结构不一样，我们所学的只有一个节点，树的高度是1.
所以只需要在最后的时候将答案减去1就好了。
也可以在dfs函数中将高度最开始1赋值成0都可以。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;const int N = 1e5 + 10;int n;
int h[N], e[N], ne[N], idx;void Add(int a, int b)
{e[idx] = b, ne[idx] = h[a], h[a] = idx++;
}int dfs(int r)
{int hmax = 1, cnt = 0;  //hmax 为所子节点的最大高度， cnt为字节点的数量for (int i = h[r]; i != -1; i = ne[i]){int j = e[i];hmax = max(hmax, dfs(j));cnt++;}return hmax + cnt;
}int main()
{scanf("%d", &n);memset(h, -1, sizeof h);for (int i = 2; i <= n; i++){int p;scanf("%d", &p);Add(p, i);}printf("%d\n", dfs(1) - 1);return 0;
}