A题

知识点：模拟

打卡。检查给定的七个整数是否仅包含 1,2,3,5,6 即可。为了便于书写，我们可以反过来，检查这七个整数是否不为 4 和 7。 时间 O(1)；空间 O(1)。

 

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;signed main() {bool flag = true;for (int i = 1; i <= 7; i++) {int x;cin >> x;if (x == 4 || x == 7) {flag = false;}}cout << (flag ? "YES" : "NO") << "\n";
}

---

---

---

B题

 

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;signed main() {int n;cin >> n;vector<int> in(n + 1);for (int i = 1; i <= n; i++) {cin >> in[i];}sort(in.begin(), in.end());cout << in[n / 2 + 1] - 1 << "\n";
}

---

---

---

G题

 

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;using i64 = long long;
const i64 inf = 1e18;signed main() {int Task = 1;for (cin >> Task; Task; Task--) {int n, m;cin >> n >> m;i64 Min = 1e18, ans, now = 1;for (int i = 1; i <= 32; i++) {if (now >= inf / m) break;now *= m;if (abs(n - now) < Min) {Min = abs(n - now);ans = i;}}cout << ans << '\n';}
}

---

---

---

F题

 

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;using i64 = long long;signed main() {int Task = 1;for (cin >> Task; Task; Task--) {i64 l, r;cin >> l >> r;cout << (r - l + 1) << "\n";}
}

 

---

---

---

J题

 

 

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;signed main() {int n, h, m;cin >> n >> h >> m;string Date = to_string(h) + "-";if (m < 10) {Date += "0" + to_string(m);}else {Date += to_string(m);}set<string> A, B, C;while (n--) {string user, date, time;cin >> user >> date >> time;if (date.substr(0, 7) != Date) {continue;}string h = time.substr(0, 2);if (h == "07" || h == "08" || time == "09:00:00" ||h == "18" || h == "19" || time == "20:00:00") {A.insert(user);}if (h == "11" || h == "12" || time == "13:00:00") {B.insert(user);}if (h == "22" || h == "23" || h == "00" || time == "01:00:00") {C.insert(user);}}cout << A.size() << " " << B.size() << " " << C.size() << "\n";
}

---

---

---

D题

 

 

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;signed main() {int n;string s;cin >> n >> s;s = "#" + s;int ans = 0;for (int ch = 0; ch < 26; ch++) {int pre = 0, net = 0;for (int i = 1; i <= n; i++) {if (s[i] - 'a' != ch) continue;if (pre != 0) {ans = max(ans, n - i + 1);}pre = i;}for (int i = n; i >= 1; i--) {if (s[i] - 'a' != ch) continue;if (net != 0) {ans = max(ans, i);}net = i;}}cout << (ans == 1 ? 0 : ans) << "\n";
}

代码的核心思路是针对每个小写字母，分别正向和反向遍历字符串，找出该字母至少出现两次时的最长连续子串长度，最后取所有字母对应的最长长度作为可爱度。不过要注意，此代码实现与题目要求的可爱度定义可能存在差异，因为它仅考虑了单个字母的情况，而没有对所有可能的子串和不连续子序列进行检查。

例子 1

5
ababa

• 分析过程：
  • 代码开始遍历每个小写字母。当 ch 为 'a' 时：
    • 正向遍历：
      • 第一次遇到 'a' 在位置 1，此时 pre 从 0 变为 1。
      • 第二次遇到 'a' 在位置 3，此时 pre 不为 0，计算 n - i + 1 = 5 - 3 + 1 = 3，更新 ans 为 3。
      • 第三次遇到 'a' 在位置 5，计算 n - i + 1 = 5 - 5 + 1 = 1，ans 保持为 3。
    • 反向遍历：
      • 第一次遇到 'a' 在位置 5，net 从 0 变为 5。
      • 第二次遇到 'a' 在位置 3，此时 net 不为 0，计算 i = 3，ans 保持为 3。
      • 第三次遇到 'a' 在位置 1，计算 i = 1，ans 保持为 3。
  • 当 ch 为 'b' 时：
    • 正向遍历：
      • 第一次遇到 'b' 在位置 2，pre 从 0 变为 2。
      • 第二次遇到 'b' 在位置 4，此时 pre 不为 0，计算 n - i + 1 = 5 - 4 + 1 = 2，ans 保持为 3。
    • 反向遍历：
      • 第一次遇到 'b' 在位置 4，net 从 0 变为 4。
      • 第二次遇到 'b' 在位置 2，此时 net 不为 0，计算 i = 2，ans 保持为 3。
  • 最终 ans 为 3，输出结果为 3。

例子 2

3
abc

• 分析过程：
  • 当 ch 为 'a' 时：
    • 正向遍历：只在位置 1 遇到 'a'，pre 变为 1，但由于只出现一次，不会更新 ans。
    • 反向遍历：同理，也不会更新 ans。
  • 当 ch 为 'b' 时：
    • 正向遍历：只在位置 2 遇到 'b'，不会更新 ans。
    • 反向遍历：不会更新 ans。
  • 当 ch 为 'c' 时：
    • 正向遍历：只在位置 3 遇到 'c'，不会更新 ans。
    • 反向遍历：不会更新 ans。
  • 对于其他字母也都只出现一次。最终 ans 为 0，输出结果为 0。

例子 3

4
aaaa

• 分析过程：
  • 当 ch 为 'a' 时：
    • 正向遍历：
      • 第一次遇到 'a' 在位置 1，pre 变为 1。
      • 第二次遇到 'a' 在位置 2，此时 pre 不为 0，计算 n - i + 1 = 4 - 2 + 1 = 3，更新 ans 为 3。
      • 第三次遇到 'a' 在位置 3，计算 n - i + 1 = 4 - 3 + 1 = 2，ans 保持为 3。
      • 第四次遇到 'a' 在位置 4，计算 n - i + 1 = 4 - 4 + 1 = 1，ans 保持为 3。
    • 反向遍历：
      • 第一次遇到 'a' 在位置 4，net 变为 4。
      • 第二次遇到 'a' 在位置 3，此时 net 不为 0，计算 i = 3，ans 保持为 3。
      • 第三次遇到 'a' 在位置 2，计算 i = 2，ans 保持为 3。
      • 第四次遇到 'a' 在位置 1，计算 i = 1，ans 保持为 3。
  • 对于其他字母都未出现。最终 ans 为 3，输出结果为 3。

---

---

---

K题

 

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
// 定义长整型别名，在某些涉及较大整数运算时可使用
#define i64 long long
// 定义上下左右四个方向在 x 轴上的偏移量
int dx[4] = {-1, 1, 0, 0};
// 定义上下左右四个方向在 y 轴上的偏移量
int dy[4] = {0, 0, -1, 1};// 解决问题的核心函数
void solve() {int n, m;// 读取矩阵的行数 n 和列数 mcin >> n >> m;// 定义一个字符串向量 s 来存储矩阵，索引从 1 开始，方便后续处理vector<string> s(n + 1);for (int i = 1; i <= n; i++) {// 读取每一行的字符串cin >> s[i];// 在每行字符串前添加一个字符 '%'，使得字符串索引从 1 开始s[i] = "%" + s[i];}// 用于存储每个蓝色极大连通块对应的需要敲碎的灰色砖块数量，初始大小为 m * n + 1vector<int> g(m * n + 1);// 记录当前蓝色极大连通块的编号int idx = 0;// 二维布尔数组 v，用于标记矩阵中每个位置是否已被访问过vector<vector<bool>> v(n + 1, vector<bool>(m + 1, false));// 二维数组 num，记录每个蓝色砖块所属的蓝色极大连通块编号vector<vector<int>> num(n + 1, vector<int>(m + 1, 0));// 定义一个递归的 lambda 函数 dfs，用于深度优先搜索蓝色极大连通块auto dfs = [&](auto &&self, int x, int y, int id) -> void {// 标记当前位置 (x, y) 的蓝色砖块属于编号为 id 的连通块num[x][y] = id;// 标记当前位置已被访问v[x][y] = true;for (int i = 0; i < 4; i++) {// 计算相邻位置的 x 坐标int nx = dx[i] + x;// 计算相邻位置的 y 坐标int ny = dy[i] + y;// 检查相邻位置是否在矩阵范围内、未被访问且为蓝色砖块if (nx >= 1 && nx <= n && ny >= 1 && ny <= m && !v[nx][ny] && s[nx][ny] == '1') {// 递归调用 dfs 函数继续搜索相邻的蓝色砖块self(self, nx, ny, id);}}};// 遍历矩阵中的每个位置for (int i = 1; i <= n; i++) {for (int j = 1; j <= m; j++) {// 如果当前位置未被访问且为蓝色砖块if (!v[i][j] && s[i][j] == '1') {// 蓝色极大连通块编号加 1++idx;// 调用 dfs 函数开始搜索该连通块dfs(dfs, i, j, idx);}}}// 再次遍历矩阵，统计每个蓝色极大连通块周围的灰色砖块数量for (int i = 1; i <= n; i++) {for (int j = 1; j <= m; j++) {if (s[i][j] == '0') {// 用于记录当前灰色砖块相邻的不同蓝色极大连通块编号map<int, bool> ex;for (int k = 0; k < 4; k++) {// 计算相邻位置的 x 坐标int nx = i + dx[k];// 计算相邻位置的 y 坐标int ny = j + dy[k];// 检查相邻位置是否在矩阵范围内、为蓝色砖块且该连通块编号未被记录过if (nx >= 1 && nx <= n && ny >= 1 && ny <= m && s[nx][ny] == '1' && !ex[num[nx][ny]]) {// 对应连通块的需要敲碎的灰色砖块数量加 1g[num[nx][ny]]++;// 标记该连通块编号已被记录ex[num[nx][ny]] = true;}}}}}// 对存储每个连通块对应灰色砖块数量的向量 g 进行排序，排序范围是从索引 1 到 idxsort(g.begin() + 1, g.begin() + idx + 1);// 输出需要敲碎的最少灰色砖块数量cout << g[1];
}int main() {// 关闭输入输出流的同步，提高输入输出效率ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);int t = 1;// 循环调用 solve 函数，这里 t 为 1，即只调用一次while (t--) solve();return 0;
}