Every day a Leetcode
题目来源：2477. 到达首都的最少油耗
解法1：贪心 + 深度优先搜索
题目等价于给出了一棵以节点 0 为根结点的树，并且初始树上的每一个节点上都有一个人，现在所有人都需要通过「车子」向结点 0 移动。
对于某一个节点 x（x 不等于 0），其父节点为 y，因为以节点 x 为根节点的子树上的人都需要通过边 x->y 向节点 0 移动，所以为了使这条边上的「车子」利用率最高，我们贪心的让 x 的全部子节点上的人到了节点 x 再一起坐车向上移动，我们不妨设以节点 x 为根节点的子树大小为 cntx，那么我们至少需要「车子」的数量为⌈cntx/seats⌉，其中 seats 是每辆车里面座位的数目。
那么我们可以通过从根结点 0 往下进行「深度优先搜索」，每一条边上「车子」的数目即为该条边上汽油的开销，统计全部边上汽油的开销即为最终答案。
示例：
代码：
/** @lc app=leetcode.cn id=2477 lang=cpp** [2477] 到达首都的最少油耗*/// @lc code=start
class Solution
{
private:long long ans = 0;public:long long minimumFuelCost(vector<vector<int>> &roads, int seats){// 特判if (roads.empty() || seats == 0)return 0;int n = roads.size();vector<vector<int>> edges(n + 1);for (vector<int> &road : roads){int from = road[0], to = road[1];// 记录每个点的邻居edges[from].push_back(to);edges[to].push_back(from);}function<int(int, int)> dfs = [&](int x, int father) -> int{int subTreeSize = 1;for (int &y : edges[x])if (y != father) // 递归子节点，不能递归父节点{// 统计子树大小subTreeSize += dfs(y, x);}if (x != 0) // x 不是根节点ans += ceil(1.0 * subTreeSize / seats);return subTreeSize;};dfs(0, -1);return ans;}
};
// @lc code=end
结果：
复杂度分析：
时间复杂度：O(n)，其中 n 是数组 roads 的长度。递归这棵树，每个节点至多访问一次。
空间复杂度：O(n)，其中 n 是数组 roads 的长度。
